EVALUACION PROBLEMAS

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Samuel Alfredo Ramirez Hernandez

Mensaje  RH060698 el Dom 01 Jun 2008, 11:05

Bueno ingeniero me adelantare a respoder la 4 y 5 q las otras no les hallo todavia como .

En cuanto al diagrama 4.
El mejor diagrama de cuerpo libre es el del literal D

En cuanto al diagrama 5.
El mejor diagrama de cuerpo libre es el del literal C

RH060698
Invitado


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Giovanni Calles

Mensaje  CP080899 el Dom 01 Jun 2008, 11:06

Problema 2

Según el análisis que se ha realizado en una polea la tensión de la cuerda será constante, por ello podemos definir que la tensión de la porción de la cuerda diagonal del punto AB es de 75lb y la componente vertical de dicha tensión es igual en magnitud a los 65lb del cuerpo ubicado en el punto A.
Por ello se aplicó la siguiente función:

SenӨ=opuesto/hipotenusa

SenӨ=65 lb/75 lb

Ө=arcseno(65 lb/75 lb)

Ө= 60.07°

Ahora ya tenemos el angulo de inclinación de la porción de cuerda, la cual sería la hipotenusa del triangulo que se forma con las 18in y “h”, por ello podemos aplicar la siguiente función:

tanӨ=opuesto/ adyacente

tanӨ=h/18in

18in (tanӨ)= h

h = 31.26in

Giovanni Neftali Calles
Creo que algo asi va ingeniero

CP080899
Invitado


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segunda

Mensaje  GR081268 el Dom 01 Jun 2008, 11:07

Ubicando en el plano la ecuación quedaría de la siguiente manera:
-65lb (9.8 m/s2) + 75lb (9.8 m/s2) cos ѳ= 0
-735 + 735 Cos ѳ = 0
Cos θ= 0.86
ѳ= Cos-1 (0.86)
ѳ = 30.68º
encontrando H

tan ѳ = 18 / h
H = 18 /tan (23.71)
H= 18/0.43
H=40.98in

angel adalberto gomez romero gr-081268

GR081268
Invitado


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PREGUNTAS 4 Y 5

Mensaje  TR080758 el Dom 01 Jun 2008, 11:08

Twisted Evil JORGE TEOS
RESPUESTA 4 EL LITERAL B ES EL MEJOR DIGRAMA PARA REPRESENTAR LAS FUERZAS EXISTENTES
RESPUESTA 5 EL LITERAL B TAMBIEN ES EL MEJOR PARA REPRESENTAR LAS FUERZAS

TR080758
Invitado


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Jose Mata

Mensaje  mm080805 el Dom 01 Jun 2008, 11:08

Problema 2

Para este problema use varias herramientas me gustaria poner imágenes oara explicarlo mejor pero por ahora la explicación será solo verbal:
En primer lugar trazamos el diagrama de cuerpo libre uniendo las fuerzas cola con cola en el cual nos queda un triangulo rectángulo; aunque la fuerza de 75 lb es hacia abajo esta misma fuerza es generada en la cuerda AB y por lo tanto queda como hipotenusa en nuestro triangulo el vector de la fuerza de 65 lb se coloca después del vector de 75lb y si trazamos una línea horizontal hacia la izquierda esta nos cerrará el triangulo esta ultima fuerza es la que genera el tubo en el que se desliza la carga y esta dirigida hacia el eje x negativo, por Pitágoras se puede conocer el valor de este vector que nos queda:
b= √(c^2- a^2)
b= √(75lb^2- 65lb^2)
b= 99.25lb

teniendo el triangulo podemos conocer por trigonometría el valor del angulo entre el vector de 75lb y el vector de 99.25lb:
sen θ= 65lb/75lb
θ= sen ^-1 (65lb/75lb)
θ= 60.07º

Haciendo uso del diagrama de cuerpo libre en el plano cartesiano vemos que se forma otro triangulo rectángulo entre h , 18in y AB; el angulo α sera el formado entre AB y H; y se obtiene asi
Ángulos complementarios
α =90º- θ ; θ= 60.07º
α =90º-60.07º
α =29.93º

Ahora teniendo este triangulo solo resta obtener la h por simple trigonometría:

tan α= opuesto/adyacente
tan α= 18in/h
h *tan α= 18in
h = 18in/tan α ; α =29.93º
h = 18in/tan 29.93
h = 31.265in

el valor de h= 31.27in

mm080805
Invitado


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respuestas

Mensaje  cc080745 el Dom 01 Jun 2008, 11:09

carlos cristales

tengo problemas con la red pero ya pude conectarme nuevamente


respuesta ejercicio 4=B

problema 5=D

cc080745
Invitado


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Respuesta 1

Mensaje  GR040641 el Dom 01 Jun 2008, 11:09

Jaime Omar Guzman Ramirez

ΣFY= 0

ΣFy= FBy + FAy + FCy

Sen 65º = FBy/ BC

BC = FBy (Sen 65º)
AC = FAy (Sem 15º)
C = FCy = 2450 N

ΣFy= FBy (Sen 65º) - FAy (Sem 15º) - 2450 N
BC (Sen 65º) - CAy (Sen 15º) - 2450 N = 0

BC(Sen 65º) = AC(Sen 15º) + 2450 N

BC(0.906307787) - BC(0.437526619) (0.258819045) = 2450 N
BC(0.7930067565) = 2450 N
BC = 2450 N / 0.7930067565

BC = 3089.27 N

ΣFx= 0

ΣFx= FBx + FAx + FCx
ΣFx= FBx + FAx + 0

Cos 65º = FBx / BC
FBx = CB (Cos 65º)

Cos 15º = FAx / AC
FAx = AC (Cos 15º)

ΣFx= BC (Cos 65º) - AC (Cos 15º)

BC (Cos 65º) - AC (Cos 15º) = 0
BC (Cos 65º) = AC (Cos 15º)
AC = (BC(Cos 65º)) / Cos 15º

AC = CB(0.437526619)

C = (250 kg )(9.8 m/s²) = 2450 N

ΣFy= FBy + FAy + FCy

Sen 65º = FBy/ CB

BC = FBy (Sen 65º)
AC = FAy (Sem 15º)
C = FCy = 2450 N

AC= (3089.25N)( 0.437526619)

AC=1351.63 N

Tensión del cable AC = 1351.63 N

Tensión del cable BC = 3089.27 N

GR040641
Invitado


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Respuesta 4 y 5

Mensaje  MR080746 el Dom 01 Jun 2008, 11:11

Cristian Alexander Mármol Ramos

A mi parecer el mejor diagrama de cuerpo libre que representa la primera figura es el literal D

Y para la segunda figura el diagrama de cuerpo libre que representa mejor la figura es el literal C

MR080746
Invitado


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Anderson Rosales

Mensaje  RH081123 el Dom 01 Jun 2008, 11:11

Por lo que se ha podido observar en la figura de la polea la tensión de la cuerda será la misma, por ello podemos decir que la tensión de la porción de la cuerda del punto AB es de 75lb y la componente vertical de dicha tensión es igual en magnitud a los 65lb del cuerpo ubicado en el punto A.

Entonces se puede establecer que:

SenӨ=opuesto/hipotenusa

SenӨ=65 lb/75 lb

Ө=arcseno(65 lb/75 lb)

Ө= 60.07°

Ya teniendo el angulo de inclinación de la porción de cuerda, la cual para poderla calcular sería la hipotenusa del triangulo que se forma con las 18in y “h”, y con ello e dice que:

tanӨ=opuesto/ adyacente

tanӨ=h/18in

18in (tanӨ)= h
18in (tan60.07°)= h

h = 31.26in

Joel anderson rosales hernandez

RH081123
Invitado


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José Torres

Mensaje  TC080879 el Dom 01 Jun 2008, 11:12

Ejercicio 2:

Alfin el 2º

Este ejercicio se resuelve con Momento

Σm=0
Σm=A(18 in) - C(h)
0=(65 lb)*(18 in) - (75 lb)*h
(1170 in-lb) - (75lb)*h=0
(75lb)h = 1170 in-lb
h= 1170 in-lb/75 lb
h=15.6 in

José Roberto Torres Cruz TC080879 Smile

TC080879
Invitado


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Cristian Amaya

Mensaje  AG080886 el Dom 01 Jun 2008, 11:15

AG080886 cristian jose amaya
Basketball
Respuestas para ejercicios 4 y 5

Pues mi criterio para los problemas 4 y 5 las respuestas de los mejores diagramas seria los siguientes.

Para el 4 pienso que es el literal ¨D¨

Para el 5 seria el literal ¨C¨

cheers
lol!

AG080886
Invitado


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Rafael Murillo

Mensaje  MA080802 el Dom 01 Jun 2008, 11:15

Respuestas ejercicios 4 y 5:

La respuesta del ejercicio 4 es literal B.

La respuesta del ejercicio 5 es el literal D, porque representa mejor las fuerzas.

MA080802
Invitado


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OSCAR MAURICIO ZÚNIGA BONILLA

Mensaje  ZB080753 el Dom 01 Jun 2008, 11:18

Para el problema numero 2 usaremos lo visto en clase q dice q la sumatoria de momentos=0
NOTA: ing. para mi el sentido horario es positivo y el antihorario es negativo bom

ΣM=0
0=(75lb)(18 in)- (h)(65lb)
-1350lb.in=-65lb.h
-20.77in=-h
h=20.77in alien

ZB080753
Invitado


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OSCAR MERINO

Mensaje  MC080736 el Dom 01 Jun 2008, 11:19

PROBLEMA 4
literal d

PROBLEMA 5
literal b

MC080736
Invitado


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Fernando Minero

Mensaje  MM080766 el Dom 01 Jun 2008, 11:20

problema N°. 2:

bueno en este caso en el problema 2 yo creo que es de esta manera:

la polea nos tira desde A a h un angulo de 45° entonces haciendolo por suma de momentos es asi:

Em=0
75lb*sen90°*18'' - 65lb*sen45°*h=0
1350lb*in = 45.96lb*h
1350lb*in = h
45.96lb

29.37in = h

MM080766
Invitado


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Primera respuesta!!

Mensaje  MG080846 el Dom 01 Jun 2008, 11:21

Alicia Maricelle Marroquín Girón MG080846

1ª Ec.
ΣFx=0
ΣFx=BCcos65°- ACcos (90-75)°
ΣFx=BCcos65°- ACcos15°

2ª Ec.
ΣFy=BCsen65° – ACsen(90-75)° -(250kg*9.8m/s2)
ΣFy=BCsen65° - ACsen15° - 2450N

Despejando AC en la 1ªEc.
0= BCcos65°- ACcos15°
ACcos15° = BCcos65°
AC= (BCcos65°)/cos15°
AC=0.42BC/0.96

Despejando AC en la 2ª Ec.
0 = BCsen65° - ACsen15° - 2450N
ACsen15° = BCsen65° - 2450N
AC = (BCsen65° - 2450N)/sen15°
AC = (0.91BC – 2450N)/ 0.25

Igualando 1ªEc con 2ªEc Y despejando BC.
0.42BC/0.96 = (0.91BC – 2450N)/ 0.25
0.25 (0.42BC) = 0.96 (0.91BC-2450N)
0.105 BC = 0.87BC – 2352 N
2352N =0.87BC-0.105BC
2352N = 0.76BC
2352N/0.76 = BC
BC= 3094.73N

Despejando AC en la 1ºEc.
AC = BC 0.42/0.96
AC = 3094.73N (0.42)/0.96
AC=1353.94N


Tac= 1353.94N
Tbc= 3094.73N



Like a Star @ heaven

MG080846
Invitado


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ariel castro

Mensaje  cc080876 el Dom 01 Jun 2008, 11:21

En el ejemplo se ve que la tensión de la cuerda es constante y sabiendo que la tensión de la porción de la cuerda del punto AB es de 75 lb. y la componente vertical de dicha tensión es igual a las 65 lb. del cuerpo A.
Entonces:

SenӨ=opuesto/hipotenusa

SenӨ=65 lb/75 lb

Ө=arcseno(65 lb/75 lb)

Ө= 60.07°
Conociendo el angulo de inclinación podemos analizar el triangulo que se forma con la altura y las 18 pulgadas.
tanӨ=opuesto/ adyacente

tanӨ=h/18in

18in (tanӨ)= h
18in (tan60.07°)= h

h = 31.26in
Emerson Ariel castro

cc080876
Invitado


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Samuel Alfredo Ramirez Hernandez

Mensaje  RH060698 el Dom 01 Jun 2008, 11:21

Bueno pues ingeniero segun mi criterio debemos usar momento de torque.

mi sentido sera antihorario= positivo; horario=negativo

ΣM=0
0=(-75lb)(18 in)+(h)(65lb)
1350lb.in=65lb.h
20.77in=h

rabbit

RH060698
Invitado


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RESPUESTA 2

Mensaje  AH081164 el Dom 01 Jun 2008, 11:24

LUIS FIDEL AGUIRRE HERNANDEZ AH081164
BUENO SI A = 65 LB Y C = 75 LB
ENTONCES PODEMOS PLANTIAR LO SIGUIENTE PARA ENCONTRAR H:
-65lb(9.8 m/s2) + 75lb (9.8 m/s2 ) cos ѳ= 0
-637 + 735 Cos ѳ = 0
Cosѳ = 637/735
ѳ= Cos-1 (637/735)
ѳ = 29.92

tan ѳ = 18 / h
H = 18 /tan(29.92)
H= 31.27

AH081164
Invitado


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respuesta 4 y 5

Mensaje  AE060644 el Dom 01 Jun 2008, 11:24

Alvaro Roberto Ambrogi Escobar

- para el problema del numeral 4, el diagrama a escoger es el del literal d.

- para el problema del numeral 5, el diagrama a escoger es el literal c.

cheers study

AE060644
Invitado


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Ruben Arana

Mensaje  AC080786 el Dom 01 Jun 2008, 11:26

Ruben Arana

Respuesta 4

Literal d
Por que el apoyo en A tiene dirección Ax y Ay, en Ax por compensar la fuerza de 200 y en Ay por ser perpendicular a la superficie por el tipo de apoyo.

Respuesta 5
Literal c
Por que las superficies de contacto en A y en B son perpendiculares, la tension hacia arriba, y el peso dirigido hacia abajo.

AC080786
Invitado


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aclaracion

Mensaje  AE060644 el Dom 01 Jun 2008, 11:26

Ing. nada mas para evitar problemas, Luciano Calderon esta haciendo el foro conmigo.............digo, por si hay algo de parecido en las respuestas........


Alvaro Roberto Ambrogi Escobar.

AE060644
Invitado


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RESPUESTA 2

Mensaje  AH081164 el Dom 01 Jun 2008, 11:27

¡¡¡¡¡¡ESTA ES LA CORRECTA !!!!!!
LUIS FIDEL AGUIRRE HERNANDEZ AH081164
BUENO SI A = 65 LB Y C = 75 LB
ENTONCES PODEMOS PLANTIAR LO SIGUIENTE PARA ENCONTRAR H:
-65lb(9.8 m/s2) + 75lb (9.8 m/s2 ) cos ѳ= 0
-637 + 735 Cos ѳ = 0
Cosѳ = 637/735
ѳ= Cos-1 (637/735)
ѳ = 29.92

tan ѳ = 18IN / h
H = 18IN/tan(29.92)
H= 31.27IN

AH081164
Invitado


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Respuesta #2

Mensaje  EA080895 el Dom 01 Jun 2008, 11:27

bueno ps haciendo el analisis podemos determinar que en esa imagen hay 2 triangulos rectangulos, por lo tanto podemos aplicar las razones de seno coseno y tangente:

SenӨ=opuesto/hipotenusa

SenӨ=65 lb/75 lb

Ө=arc-seno(65 lb/75 lb)

Ө= 60.07°

despues ya teniendo este angulo podemos determinar el valor de h, ya q aplicamos la siguiente razon:

TanӨ= opuesto/adyacente

tanӨ=h/18in

h= 18in(tanӨ)
h= 18in(tan60.07°)
h= 31.26in

EA080895
Invitado


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MARIA SILVINA SUAREZ

Mensaje  SN080769 el Dom 01 Jun 2008, 11:28

PROBLEMA 2

Teniendo en cuenta que se puede ver un triangulo por trigonometría encontramos…

sen θ= 65lb/75lb
θ= sen ^-1 (65lb/75lb)
θ= 60.1º

y ocupando ángulos complementarios al ver q se forma otro triangulo entre AB, los 18in y la h.

α =90º- θ ; θ= 60.1º
α =90º-60.1º
α =29.9º

y ya con esto se obtiene la h por trigonometría:

tan α= opuesto/adyacente
tan α= 18in/h
h *tan α= 18in
h = 18in/tan α ; α =29.9º
h = 18in/tan 29.9
h = 31.3029in

el valor de h= 31.3in

SN080769
Invitado


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Re: EVALUACION PROBLEMAS

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